LeetCode952三部曲之三:再次优化(122ms -> 96ms,超51% -> 超91%)
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本篇概览
- 本文是《LeetCode952三部曲之三》的终篇,先回顾一下前文的成果,看看我们之前已经优化到什么程度:
- 前文的优化思路是减小并查集数组的规模,带来的结果是节省内存、减少数组相关的执行次数,但从代码上分析,并查集数组处理所占比重并不多,所以造成此处整体优化效果一般
- 所以,除了并查集,还要去寻找其他优化点,这就是本篇的主要内容
优化思路
- 寻找优化点的方向很明确:重点关注时间复杂度高的代码块
- 按照上述思路,很容易就找到了下图中的代码段,位于程序入口位置,计算每个数字的质因数,因为涉及到素数,所以时间复杂度较高,三个耗时操作是嵌套关系
- 上述方法的思路对每个数字做计算,找出质因数,例如找出99的质因数,需要从2开始一次次计算得出
- 但实际上还有一个更简单的思路:99以内的质数是固定的25个,这25个中,其平方小于99的只有四个,既:2,3,5,7,所以寻找99的质即因数,就在这四个中找即可(漏掉的11,在后面的代码中会特别处理找回来)
- 基于以上思路,计算质因数的代码就很简单了:
- 提前把100000以内的所有素数都找出来,放在名为primes的数组中
- 对于任意一个数字N,都用primes中的数字去做除法,能整除的就是N的质因数
- 记得像前面的99漏掉了11那样,把11找回来
编码
- 接下来的代码,在前文的基础上修改
- 首先增加三个静态变量,注释已详细说明其作用:
// isPrime[3]=0,表示数字3是素数,isPrime[4]=1,表示数字4不是素数
private static int[] isPrime = new int[100001];
// 0-100001之间所有的素数都放入这里
private static int[] primes = new int[100001];
// 素数的数量,也就是primes中有效数据的长度
private static int primeNum = 0;
- 然后是一个静态代码块,一次性算处100000范围内所有素数,埃式或者欧拉式都可以,这里用了欧拉式
static {
// 欧拉筛
for(int i=2;i<=100000;i++) {
if(isPrime[i]==0) {
// i是素数,就放入primes数组中
// 更新primes中素数的数量
primes[primeNum++] = i;
}
for(int j=0;i*primes[j]<=100000;j++) {
// primes[j]*i的结果是个乘积,这样的数字显然不是素数,所以在isPrimes数组中标注为1
isPrime[primes[j]*i] = 1;
// 如果i是primes中某个素数的倍数,就没有必要再计算了,退出算下一个,
// 例如i=8的时候,其实在之前i=4时就已经计算出8不是素数了
if(i%primes[j]==0) {
break;
}
}
}
// 经过以上代码,0-100001之间所有素数都放入了primes中
}
- 上述代码只会在类加载后执行一次,执行完毕后,1到100000之间的所有素数都计算出来并放入primes中,数量是primeNum,在后面的计算中直接拿来用即可
- 接下来是最关键的地方了,前面截图中对每个数字计算质因数的代码,可以替换掉了,新的代码如下,可见逻辑已经简化了,从数组primes中取出来做除法即可:
// 对数组中的每个数,算出所有质因数,构建map
for (int i=0;i<nums.length;i++) {
int cur = nums[i];
// cur的质因数一定是primes中的一个
for (int j=0;j<primeNum && primes[j]*primes[j]<=cur;j++) {
if (cur%primes[j]==0) {
map.computeIfAbsent(primes[j], key -> new ArrayList<>()).add(i);
// 要从cur中将primes[j]有关的倍数全部剔除,才能检查下一个素数
while (cur%primes[j]==0) {
cur /= primes[j];
}
}
}
// 能走到这里依然不等于1,是因为for循环中的primes[j]*primes[j]<<=cur导致了部分素数没有检查到,
// 例如6,执行了for循环第一轮后,被2除过,cur等于3,此时j=1,那么primes[j]=3,因此 3*3无法小于cur的3,于是退出for循环,
// 此时cur等于3,应该是个素数,所以nums[i]就能被此时的cur整除,那么此时的cur就是nums[i]的质因数,也应该放入map
if (cur>1) {
map.computeIfAbsent(cur, key -> new ArrayList<>()).add(i);
}
}
- 另外,对于之前99取质因数漏掉了11的问题,上述代码也有详细说明:检查整除结果,大于1的就是漏掉的
- 完整的提交代码如下
package practice;
import java.util.*;
/**
* @program: leetcode
* @description:
* @author: [email protected]
* @create: 2022-06-30 22:33
**/
public class Solution {
// 并查集的数组, fathers[3]=1的意思是:数字3的父节点是1
// int[] fathers = new int[100001];
int[] fathers;
// 并查集中,每个数字与其子节点的元素数量总和,rootSetSize[5]=10的意思是:数字5与其所有子节点加在一起,一共有10个元素
// int[] rootSetSize = new int[100001];
int[] rootSetSize;
// map的key是质因数,value是以此key作为质因数的数字
// 例如题目的数组是[4,6,15,35],对应的map就有四个key:2,3,5,7
// key等于2时,value是[4,6],因为4和6的质因数都有2
// key等于3时,value是[6,15],因为6和16的质因数都有3
// key等于5时,value是[15,35],因为15和35的质因数都有5
// key等于7时,value是[35],因为35的质因数有7
Map<Integer, List<Integer>> map = new HashMap<>();
// 用来保存并查集中,最大树的元素数量
int maxRootSetSize = 1;
// isPrime[3]=0,表示数字3是素数,isPrime[4]=1,表示数字4不是素数
private static int[] isPrime = new int[100001];
// 0-100001之间所有的素数都放入这里
private static int[] primes = new int[100001];
// 素数的数量,也就是primes中有效数据的长度
private static int primeNum = 0;
static {
// 欧拉筛
for(int i=2;i<=100000;i++) {
if(isPrime[i]==0) {
// i是素数,就放入primes数组中
// 更新primes中素数的数量
primes[primeNum++] = i;
System.out.println(i + "-" + i*i);
}
for(int j=0;i*primes[j]<=100000;j++) {
// primes[j]*i的结果是个乘积,这样的数字显然不是素数,所以在isPrimes数组中标注为1
isPrime[primes[j]*i] = 1;
// 如果i是primes中某个素数的倍数,就没有必要再计算了,退出算下一个,
// 例如i=8的时候,其实在之前i=4时就已经计算出8不是素数了
if(i%primes[j]==0) {
break;
}
}
}
// 经过以上代码,0-100001之间所有素数都放入了primes中
}
/**
* 带压缩的并查集查找(即寻找指定数字的根节点)
* @param i
*/
private int find(int i) {
// 如果执向的是自己,那就是根节点了
if(fathers[i]==i) {
return i;
}
// 用递归的方式寻找,并且将整个路径上所有长辈节点的父节点都改成根节点,
// 例如1的父节点是2,2的父节点是3,3的父节点是4,4就是根节点,在这次查找后,1的父节点变成了4,2的父节点也变成了4,3的父节点还是4
fathers[i] = find(fathers[i]);
return fathers[i];
}
/**
* 并查集合并,合并后,child会成为parent的子节点
* @param parent
* @param child
*/
private void union(int parent, int child) {
int parentRoot = find(parent);
int childRoot = find(child);
// 如果有共同根节点,就提前返回
if (parentRoot==childRoot) {
return;
}
// child元素根节点是childRoot,现在将childRoot的父节点从它自己改成了parentRoot,
// 这就相当于child所在的整棵树都拿给parent的根节点做子树了
fathers[childRoot] = fathers[parentRoot];
// 合并后,这个树变大了,新增元素的数量等于被合并的字数元素数量
rootSetSize[parentRoot] += rootSetSize[childRoot];
// 更像最大数量
maxRootSetSize = Math.max(maxRootSetSize, rootSetSize[parentRoot]);
}
public int largestComponentSize(int[] nums) {
// 对数组中的每个数,算出所有质因数,构建map
for (int i=0;i<nums.length;i++) {
int cur = nums[i];
// cur的质因数一定是primes中的一个
for (int j=0;j<primeNum && primes[j]*primes[j]<=cur;j++) {
if (cur%primes[j]==0) {
map.computeIfAbsent(primes[j], key -> new ArrayList<>()).add(i);
// 要从cur中将primes[j]有关的倍数全部剔除,才能检查下一个素数
while (cur%primes[j]==0) {
cur /= primes[j];
}
}
}
// 能走到这里依然不等于1,是因为for循环中的primes[j]*primes[j]<<=cur导致了部分素数没有检查到,
// 例如6,执行了for循环第一轮后,被2除过,cur等于3,此时j=1,那么primes[j]=3,因此 3*3无法小于cur的3,于是退出for循环,
// 此时cur等于3,应该是个素数,所以nums[i]就能被此时的cur整除,那么此时的cur就是nums[i]的质因数,也应该放入map
if (cur>1) {
map.computeIfAbsent(cur, key -> new ArrayList<>()).add(i);
}
}
fathers = new int[nums.length];
rootSetSize = new int[nums.length];
// 至此,map已经准备好了,接下来是并查集的事情,先要初始化数组
for(int i=0;i< fathers.length;i++) {
// 这就表示:数字i的父节点是自己
fathers[i] = i;
// 这就表示:数字i加上其下所有子节点的数量等于1(因为每个节点父节点都是自己,所以每个节点都没有子节点)
rootSetSize[i] = 1;
}
// 遍历map
for (int key : map.keySet()) {
// 每个key都是一个质因数
// 每个value都是这个质因数对应的数字
List<Integer> list = map.get(key);
int size = list.size();
// 超过1个元素才有必要合并
if (size>1) {
// 取第0个元素作为父节点
int parent = list.get(0);
// 将其他节点全部作为地0个元素的子节点
for(int i=1;i<size;i++) {
union(parent, list.get(i));
}
}
}
return maxRootSetSize;
}
}
- 改动完成,提交试试,如下图,左边是前文的成绩,右边是本次优化后的成绩,从122ms优化到96ms,从超51%优化到超91%,优化效果明显
- 至此,《LeetCode952三部曲》全部完成,如果您正在刷题,希望此系列能给您一些参考
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